1043.跳马
时限：1000ms 内存限制：10000K 总时限：3000ms
描述 在国际象棋中，马的走法与中车象棋类似，即俗话说的“马走日”，下图所示即国际象棋中马（K）在一步能到达的格子（其中黑色的格子是能到达的位置）。
现有一200*200大小的国际象棋棋盘，棋盘中仅有一个马，给定马的当前位置（S）和目标位置（T），求出马最少需要多少跳才能从当前位置到达目标位置。 输入 本题包含多个测例。输入数据的第一行有一个整数N（1<=N<=1000），表示测例的个数，接下来的每一行有四个以空格分隔的整数，分别表示马当前位置及目标位置的横、纵坐标C（x,y）和G（x,y）。坐标由1开始。 输出 对于每个测例，在单独的一行内输出一个整数，即马从当前位置跳到目标位置最少的跳数。 输入样例 2
1 1 2 1
1 5 5 1
输出样例 3
4
#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<queue>
using namespace std;
int b1[201][201]={0},step[201][201];
int a,b,m,n;
int dire1[8]={1,1,2,2,-1,-1,-2,-2},dire2[8]={2,-2,1,-1,2,-2,1,-1};
int search(int x,int y);
void init();
struct add
{
queue<int>q1;
queue<int>q2;
}add;
int main()
{
int sum,q,i,j;
scanf(“%d”,&q);
while(q)
{
scanf(“%d%d%d%d”,&a,&b,&m,&n);
init();
sum=search(a,b);
printf(“%d\n”,sum);
q–;
for(i=1;i<=200;i++)//每次输出完成后需将数组中元素重新赋值为0，避免影响下一次运算
{
for(j=1;j<=200;j++)
{
b1[i][j]=0;
step[i][j]=0;
}
}
while(!add.q1.empty())//清空队列元素
{
add.q1.pop();
}
while(!add.q2.empty())
{
add.q2.pop();
}
}
return 0;
}
void init()
{
b1[a][b]=1;
add.q1.push(a);
add.q2.push(b);
step[a][b]=0;
}
int search(int x,int y)
{
int c,d;
while(1)
{
x=add.q1.front();
add.q1.pop();
y=add.q2.front();
add.q2.pop();
for(int i=0;i<8;i++)
{
c=x+dire1[i];
d=y+dire2[i];
if(c==m&&d==n)
{
return (step[x][y]+1);
}
if(c>200||c<1||d>200||d<1)continue;
if(b1[c][d]==0)
{
b1[c][d]=1;
add.q1.push(c);
add.q2.push(d);
step[c][d]=step[x][y]+1;
}
}
}
return (-1);
}
