/*
快速找出机器故障:
为了保证搜索引擎的服务质量，我们需要保证每份数据都有多个备份
假设一个机器仅存储了一个标号为ID的记录(假设ID是小于10亿的整数)，假设每份数据保存了两个备份，这样
就有两个机器储存了同样的数据。
1在某个时间，如果得到一个数据文件ID的列表，是否能够快速地找出这个表中仅出现一次的ID?
2如果已经知道只有一台机器死机（也就是说只有一个备份都是）呢？如果有两台机器死机呢（假设同一个数据
的两个备份不会同时丢失）？
3如果丢失的两台机器ID相同呢?

分析:
这个问题可以转化成:有很多的ID，其中只有一个ID出现的次数小于2，其他正常ID出现的次数都等于2，如何找到
这个次数为1的ID。
这样就转化成剑指上面的：所有元素全部异或，最终剩下的数就是那个数

第二问转化为这群数中有两个数各出现一次，其余出现0次，所以也是剑指上的题目，需要全部异或得到数字
x，然后获取x的比特表示中最右边的1，记为该位为第n位，根据比特表示中的第n位是否为1，将数组划分
成两部分，每一部分中在分别全部异或一遍，即可。
局限:只能解决两台故障机器ID不同的情况。如果ID相同，则无法解决

第三问:
预先计算并保存好所有ID的求和(不变量)，顺序列举当前所有剩下的ID，对它们求和，然后用总值 – 剩余值 = 死机
的机器ID值。由于总和可以先计算好，算法的时间复杂度为O(N)，空间复杂度为O(1)

当两个ID不同时:总和 – 剩余和 = x + y
当两个ID相同时:这个时候，x = （总和-剩余和）/2

这个时候可以构造二元一次方程组来做，比如：总乘积/剩余乘积 = x*y（或者求出x*x + y*y = b）
联立解方程
{x + y = a
{x * y = b
此方法的缺陷是：需要事先知道原来n个数，如果题目只给你丢失的数，那就坑爹了

样例输入：
8
2 4 3 6 3 2 5 5
2 4 3 6 3 2 5 5 4 6
样例输出：
4 6
*/

#include <stdio.h>
#include <math.h>
const int MAXSIZE = 10000;

void process()
{
 int n;
 while(EOF != scanf("%d",&n))
 {
  if(n < 0)
  {
   break;
  }
  int iRemainArr[MAXSIZE];
  long long lRemainSum = 0,lRemainMul = 1,lIntactSum = 0,lIntactMul = 1;
  for(int i = 0 ; i < n ; i++)
  {
   scanf("%d",&iRemainArr[i]);
   lRemainSum += iRemainArr[i];
   lRemainMul *= iRemainArr[i];
  }
  int iIntactArr[MAXSIZE];
  for(int j = 0 ; j < n + 2 ; j++)
  {
   scanf("%d",&iIntactArr[j]);
   lIntactSum += iIntactArr[j];
   lIntactMul *= iIntactArr[j];
  }
  long long lSum = lIntactSum - lRemainSum;
  long long lMul = lIntactMul/lRemainMul;
  long long lSqrt = (long long)sqrt(double(lSum*lSum - 4*lMul) + 0.5);
  long long lX = (long long)((lSum - lSqrt)/2);
  long long lY = (long long)((lSum + lSqrt)/2);
  printf("%lld %lld\n",lX,lY);
 }
}

int main(int argc,char* argv[])
{
 process();
 getchar();
 return 0;
}