题目链接：BZOJ – 4103

题目分析

THUSC滚粗之后一直没有写这道题，从来没写过可持久化Trie，发现其实和可持久化线段树都是一样的。嗯，有些东西就是明白得太晚。

首先Orz ZYF-ZYF 神犇的题解。

题目给出的 n 和 m 的范围差别很大，n 很小，m 很大，因此可以想到 n 的范围是为了直接暴力枚举。

题目要求的就是 A 的一段区间中的数和 B 的一段区间中的数的异或的第 k 大值。

位运算有关的题目，一般是从高位到低位贪心之类的。

区间异或，一般要使用可持久化 Trie。

我们对于范围大的 B 数组建立可持久化 Trie，这样就可以提取 B 数组的一个区间了。

从高位到低位，枚举 A 数组区间中的每个元素，根据 Trie 结点的信息，求出这一位为 0 和 为 1 的各有多少，并据此确定答案的这一位。

要注意的是，A 数组区间中每个元素要对应的 Trie 结点是不同的，由它们的前几位确定（因为它们的前几位不同，但是要求异或之后前几位相同）。

编辑完这篇博客之后还是一个一个地添加了标签，虽然这个blog马上就要停更了，感觉这几天写的任何一篇都有可能是最后一篇。

奇怪的感觉。

代码

#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <algorithm>

using namespace std;

const int MaxN = 1000 + 5, MaxM = 300000 + 5, MaxNode = 10000000 + 5;

int n, m, p, Index, Ans;
int A[MaxN], B[MaxM], Root[MaxM], Son[MaxNode][2], T[MaxNode], F[MaxN], Q[MaxN];

bool OK[MaxN];

void Build(int &x, int y, int Num, int Bit)
{
	if (!x) x = ++Index;
	if (Bit == 0)
	{
		T[x] = T[y] + 1;
		return;
	}
	if (Num & (1 << (Bit - 1)))
	{
		Son[x][0] = Son[y][0];
		Build(Son[x][1], Son[y][1], Num, Bit - 1);
	}
	else
	{
		Son[x][1] = Son[y][1];
		Build(Son[x][0], Son[y][0], Num, Bit - 1);
	}
	T[x] = T[Son[x][0]] + T[Son[x][1]];
}

int main()
{
	scanf("%d%d", &n, &m);
	for (int i = 1; i <= n; ++i) scanf("%d", &A[i]);
	for (int i = 1; i <= m; ++i) 
	{
		scanf("%d", &B[i]);
		Build(Root[i], Root[i - 1], B[i], 31);
	}
	scanf("%d", &p);
	int u, d, l, r, kk;
	for (int i = 1; i <= p; ++i)
	{
		scanf("%d%d%d%d%d", &u, &d, &l, &r, &kk);
		kk = (d - u + 1) * (r - l + 1) - kk + 1; 
		Ans = 0;
		for (int j = u; j <= d; ++j)
		{
			F[j] = Root[r];
			Q[j] = Root[l - 1];
		}
		for (int j = 30; j >= 0; --j)
		{
			int x, Temp = 0;
			for (int k = u; k <= d; ++k)
			{
				x = (A[k] & (1 << j));
				if (x) Temp += T[Son[F[k]][1]] - T[Son[Q[k]][1]];
				else Temp += T[Son[F[k]][0]] - T[Son[Q[k]][0]];
			}
			if (Temp >= kk)
			{
				for (int k = u; k <= d; ++k)
				{
					x = (A[k] & (1 << j));
					if (x) 
					{
						F[k] = Son[F[k]][1];
						Q[k] = Son[Q[k]][1];
					}
					else
					{
						F[k] = Son[F[k]][0];
						Q[k] = Son[Q[k]][0];
					}
				}
			}
			else
			{
				kk -= Temp;
				Ans |= (1 << j);				
				for (int k = u; k <= d; ++k)
				{
					x = (A[k] & (1 << j));
					if (x) 
					{
						F[k] = Son[F[k]][0];
						Q[k] = Son[Q[k]][0];
					}
					else
					{
						F[k] = Son[F[k]][1];
						Q[k] = Son[Q[k]][1];
					}
				}
			}
		}
		printf("%d\n", Ans);
	}
	return 0;
}